已知如图Z-16所示,M.分别是位于两条平行线段AB
来源:学生作业帮助网 编辑:作业帮 时间:2024/07/11 05:30:42
![已知如图Z-16所示,M.分别是位于两条平行线段AB](/uploads/image/f/4260635-35-5.jpg?t=%E5%B7%B2%E7%9F%A5%E5%A6%82%E5%9B%BEZ-16%E6%89%80%E7%A4%BA%2CM.%E5%88%86%E5%88%AB%E6%98%AF%E4%BD%8D%E4%BA%8E%E4%B8%A4%E6%9D%A1%E5%B9%B3%E8%A1%8C%E7%BA%BF%E6%AE%B5AB)
这是临界条件的问题,可能出现的情况是:球和车厢壁可能会分离.判断方法:让角度不变,球不受车厢壁的弹力(既是临界条件),球为研究对象,受力分析加速度水平向左,求出加速度a=gtan370,=7.5m/s
60°连接B1D1,BD,AB∵M,N是BC,CD中点∴MN//BD∵正方体∴BD//B1D1∴∠AD1B1即异面直线AD1和MN所成的角或其补角B1D1=AB1=AD1∴△AB1D1是等边三角形∴∠
MN=2时两圆外切.设运动时间为t秒,2t+2=6或2t-2=6,解得:t=2或t=4.
Z=[5339]
(1)要使Z为纯虚数,则必须使实数项为0.即m的平方+3m-4=0,且m的平方-2m-24不等于0,根据第一个式子的出(m+4)*(m-1)=0.m=-4或者m=1.根据第二个不等式的出(m+4)*(
第一个:过P作MN∥AB(M在P左边、N在P右边)因为AB∥CD,AB∥MN,所以MN∥CD(平行同一直线的两直线平行)∠ABP=∠BPN,∠PDC=∠DPN所以∠ABP+∠PDC=∠BPN+∠DPN
m0p-n0所以原式=|m|-|p-m|+|p-n|-|n|=-m-p+m+n-p-n=-2p
初速度为0的匀加速直线运动,位移s=1/2at²,a是加速度,t是时间.时间相同,a=f/m,则f与s成正比.
70倍根号3m由于∠CDB和60°俯角互余所以∠CDB为30°所以CB=二分之一的DB又因为∠CDB和∠ABD互补所以∠ABD为120°所以AB=BD=140m依据勾股定理解得CD长为70倍根号3
错由图象得C(0,m),故|OC|=m,又|OA|=|OC|=m,所以点A的坐标是(m,0),又点A在函数图象上,所以-2m2+m2+m=0,即m2-m=0,因为m≠0,所以m=1.错解分析:由于审题
由振动图象得到周期T=1s,则频率为f=1T=1Hz;由振动图象知道:两质点的步调总是相反,它们之间距离x=(2n+1)λ2,(n=0,1,2、)则得λ=2x2n+1=3.62n+1m据题:波长大于2
AB=12cmCD=16cmM是AB的中点,所以MC=0.5AB-BC=1.5BC-BC=0.5BCN是CD的中点,所以BN=0.5CD-BC=2BC-BC=BCMN=MC+BN+BC=2.5BC=1
证明:A——M——P——B∵M是AB的中点∴AM=BM=AB/2∵PA=AM+PMPB=BM-PM∴PA-PB=AM+PM-(BM-PM)=AM+PM-BM+PM=(AM-BM)+2PM=2PM∴PM
连接CD在△ACD和△BCD中∵AC=BCAD=BDCD=CD∴△ACD≌△BCD(SSS)∴∠A=∠B∵N,M分别是AC,AB中点∴AN=1/2ACBM=1/2BC∴AN=BM在△ADN和△BDM中
分析:(1)因为∠BAC=∠DAE,所以∠BAE=∠CAD,又因为AB=AC,AD=AE,利用SAS可证出△BAE≌△CAD,可知BE、CD是对应边,根据全等三角形对应边上的中线相等,可证△AMN是等
A、由于两列波的波速相同,则a处振动先到达c点,所以波速为v=act=84m/s=2m/s.故A错误.B、两列波相遇后c点的振动频率不变,故B错误.C、D、由图知:波长为λ=2m,c点到ab两点的路程
无图无真相,无法分析无法回答!
开始弹簧处于压缩状态,力刚撤掉的时候,弹簧反弹,对B有个弹力,所以B开始向右加速运动,A静止,一直运动到弹簧恢复原长,如下图所示: 此时弹力消失,全部转化成B的动能,假设B的速度Vb.接下来
RA=Lk/(3k-2m×W^2)RB=Lk/(6k-4m×W^2)分析:对于小球A,受到弹簧提供的向心力,且小球B的向心力与小球A的向心力大小一样.故可猜测小球A的旋转半径一定小于小球A的旋转半径.