如图测所示,将一根弹簧的下端固定在烧杯的底部,上端固定一个铁块

A、在小球由A位置运动到C位置过程中，小球与弹簧的机械能守恒，小球机械能不守恒，故A错误；BCD、由题意可知，小球上升过程中，越过B处，到达C点，因此可假设：小球上升刚好到B处，则加速度为g，小球在上

在分离前两者速度是一样的(因为始终接触)所以当球的加速度等于板的加速度时恰好要分离此时木板对物体已无支持力设弹簧此时伸长了L则mg-kL=ma得L=（g-a）m/k而L又等于木板的下降距离所以L=1/

一对拉力是10N,弹簧受到的拉力也是10N注意不是10+10=20N然后挂物体拉长同样长度,所以受力也是10NF=Mgg=10物体重1KG

弹簧固定时的受力图:弹簧上端固定,下端有10.0N拉力,那么被固定的上端要提供相等的力来保持平衡状态.给弹簧10.0N的拉力,弹簧伸长1.00厘米.弹簧伸长1.35厘米,那么弹簧收到的拉力为10.0N

弹簧测力计只显示作用在挂钩上的拉力的大小.比方说：在弹簧测力计下挂1N的钩码,不计弹簧测力计的自重,手应该向上施加1N的拉力,但测力计只显示1N再问：但是那是弹簧而不是测力计？再答：亲测力计的主要部分

从2N到10N,力变化了8N,形变量增加了0.08m故：k=ΔF/Δx=8N/0.08m=100N/m也可以根据F=kx列方程组：设原长为L则：2N=k（L+x1）8N=k（L+x1+x2）其中,x1

设弹性模量=K,则有K*10=mg在水平桌面时摩擦力F=mgμ=K*2=mg/5所以得出物体与桌面之间的东摩擦因数μ=1/5=0.2再问：������ϸ����лл再答：�����Ҫ���ĵĵ��ɵ�

增加了(L-k*m*g)*m*g再问：可以说说过程么？

上半部分弹簧为S1部分拉伸情况不变，下半部分S2拉伸减小，L2一定小于L1，且m1越大、S2原长度越长，L2就越短，故选项C正确．故选C．

设弹簧原长为L0,劲度系数为k；重物的质量为m.根据你的描述可知：L=L0-mg/k.将弹簧截成等长的两段后,每段的原长变成L0/2,劲度系数变成2k,放上半个重物后,长度为：L1=L0/2-mg/4

设想这弹簧12厘米是由三段,每段长4厘米所组成.挂2牛重物后实际每段均受2牛的力,最后2牛的力作用于最上端固定点上,伸长后总长为18厘米,即每段伸长到6厘米,现在只有两段,其总长就是12厘米.

12cm.剩下一段仍挂2N的重物,则相当于将原来挂2N的重物时的长度18cm截去1/3,即截去6cm,所以,剩下一段仍挂2N的重物时弹簧的长度是12cm.

感觉像D我是这样想的,如果物块从弹簧顶端开始释放而不是从高处释放.想想物块在最高点和最低点速度都是零,根据振动的对称性,物块在最低点的时候,加速度大小跟最高点一样,都是g.但是物块是从高处释放,那他到

对铝块受力分析可知：铝块受竖直向下的重力、竖直向上弹簧测力计的拉力和浮力，由平衡条件得：G铝=F+F浮，F=G铝-F浮，在铝块完全浸没前，V排逐渐增大，F浮逐渐增大，弹簧秤的示数F逐渐减小．对台秤受力

弹簧的自然长度为L，根据胡克定律得，F1=k（x1-L），即30=k（0.2-L）F2=k（L-x2），即30=k（L-0.14）联立解得L=0.17m=17cm，k=1000N/m．故答案为：17，

没看到图,但大概理解楼主意思.小球加速度应为（M+m）乘g除以m再问：没错，请解释再答：加速度a=所受到的力除以本身质量，题目中小球受到的力为本身重力和弹簧给它的拉力，而弹簧的拉力等于框架的重力。所以

满足回复力公式F=-kx,取ka=mg那点为平衡位置.则,回复力F=mg-k(a+x)=-kx

当木板与物体即将脱离时，m与板间作用力N=0，此时，对物体，由牛顿第二定律得：  mg-F=ma又 F=kx　    得：x=m(

选C.由受力平衡知道物块受到的重力应为八牛加上浮力等于10N,A错；弹簧示数为5N,物块受到的浮力应该为5N,B错,压强应该用P=F/S来计算,因为水各处高度不同,物块原来浸入水中2cm,现在上升了3

当木板与物体即将脱离时，m与板间作用力N=0，此时，对物体，由牛顿第二定律得：mg-F=ma又F=kx　得：x=m(g-a)k对过程，由：x=12at2得：t=2m(g-a)ak故答案为：2m(g-a