为了使该极板仍带正点且电荷量增加

这很简单,因为电荷不能凭空产生,开始时电路的总体状态是正负电荷相等,即电中性,后来也一定相等.所以其电荷量的绝对值相等.你总不会认为在其他地方还有电性吧?其实也可以不相等的,那情况就比较复杂,而且不会

在B处只要取沿斜面向下为正方向,则a=-g/2亲.请不要忘记及时采纳噢.

不是的,要是两边相加,一边是正电一边是负点,那不就是零了,这是定义记住就好了.

这两道题都比较简单.但是你的第一题打字时肯定出现问题了.我就用A点做工为J1,B点做工为J2代替吧,错了你不要怪我1,既然是正电荷,并且在移动的时候要克服电场力做工,那肯定电势是逐渐增加的,不然的话移

楼主辛苦了.你研究的挺深,但是基础不够扎实.首先你需要了解电势以及电压的关系.如果我没有记错,电压的概念应该等同于电势差.做这个题目,先选好参考点.再去定义关键点的电势然后再计算电压.看了解答,还存在

解题思路：本题是考查串联电路的分压问题，当然首先要会画等效电路解题过程：请看附件解答最终答案：AD

（1）无穷远处某点O的电势为零，根据电场力做功与电势能变化的关系公式WAB=EpA-EpB，有WOA=EpO-EpA无穷远处电势能为零，即EpO=0故EpA=-WOA=8×10-6J根据电势的定义式φ

设负极处电势为零，由图可知上极板的电势等于R1两端的电势差，下极板上的电势等于R3两端的电势差；稳定时两支路互不影响；A、增大R1时，R1上的分压增大，而下极析上电势不变，故上极板电势增加，则电容器两

（1）W电=qEx0…①W电=-（Epx0-0）…②联立①②得Epx0=-qEx0（2）解法一在带电粒子的运动方向上任取一点，设坐标为 x由牛顿第二定律可得qE=ma…④由运动学公式得V&n

（1）根据牛顿第二定律和库仑定律得：带电小球在A点时有： mgsin30°-kQqL2=maA带电小球在B点时有： kQq(L2)2-mgsin30°=maB且aA=g4，可解得：

Wa=QUa=8X10负6次方Ua=-400VWb=QUb=2X10负6次方Ub=-100VUab=6X10负6次方/2X10负8次方=-300VW=QUab=-2*10^-5*(-400)=8*10

根据同性相斥,选D再问：可不可以具体点再答：画图就知道，

设负极处电势为零，由图可知上极板的电势等于R1两端的电势差，下极板上的电势等于R3两端的电势差；稳定时两支路互不影响；A、减小R1时，R1上的分压减小，而下极析上电势不变，故上极板电势减小，则电容器两

电容器带电极板的电场,将在另外一极板感应出同样的异性电荷,无论另外一个极板是否带电,最后,两个极板的电荷（用来构成电容器时）都是一样多,相反极性的.因为带电极板不可能是个孤立导体,它可以通过与其它金属

+q,-q吧应该,不是一半再问：每个极板都是电容器所带的电荷量？再答：是的～

答案是d,原理就是串联分压,是按比例分压的,要使极板仍带正电且电荷量增大,就要使得uc不断增加即可,uc就是ur2和ur4的电压的差值,所以只有减小r1的值,增大r2的值,增大r3的值,减小r4的值才

要增大C上极板的正电荷量,必须增大电容器上下极板的电压U.U=[（R2/（R1+R2）-R4/（R3+R4）]*E从上式可以看出,增大R2或增大R3,U都增大.所以：选取B增大R2和C增大R3

就选C,本题可用极值方法推理,题中说增大R1,我们就让R1为无限大,实际上就是将R1断路,画出电路等效图可知,此时由于电容也是断路的,相当于将电容器接在了电源的两极,电压增大,由Q=CU可知,电量增大

少年,电容器两端带的分别是正电荷和负电荷.而正电荷和负电荷的数量是一致的,我们说的电荷量就是指某一端的.

你这个题目有问题,还应该增加一个条件,是这两个无限大导体板是接地的.做法是这样的,假设q点位置不是一个点电荷,而是一块面电荷密度是s的无限大金属板,那么设这个面电荷密度的分布是左侧s1,右侧s2,那么